Trao đổi về một số phương trình nghiệm nguyên! Bài toán đầu tiên là bài toán sau , khá thú vị :) BÀI TOÁN 1: Giải phương trình nghiệm nguyên: $2 x^6 +y^2-2x^3y =320 $ |
Trích:
Tiếp theo dễ thấy $-2\leq x \leq 2 $ Thử chọn :hornytoro::hornytoro::hornytoro: |
Trích:
Mình giải như sau ( nghĩ ra thì thấy chắc là tương tự:))) Coi đó là phương trình bậc hai với biến $y $ , rồi xét điều kiện có nghiệm là cũng ra khoảng của $x $! |
thêm 2 pt nữa Tìm nghiệm tạ nhiên của pt sau 1, $x^2+y^2+1=3xy $ 2, $x^2(y^2-4)=z^2+4 $ |
Trích:
Ta coi PT có ẩn là $x $ Ta sẽ có $\Delta =9y^2-4y^2-4=5y^2-4 $ Tiếp theo để $x $ nhận giá trị nguyên thì $\Delta $ là số chính phương Hay nói cách khác $5y^2-4=m^2 $ Hay $m^2-5y^2=-4 $ Đây là PT Pell chứa tham số có 2 nghiệm khởi đầu là $(m,y)=(1,1) $ và $(m,y)=(11,5) $ Mà từ $y $ và $m $ ta dễ tính được $x $ |
Trích:
$\to x^2y^2-z^2=4x^2+4 $ $\to (xy-z)(xy+z)=4(x^2+1) $ $VP\vdots 4\to VT\vdots 4 $ hay $(xy-z)(xy+z)\vdots 4 $ $\to xy $ và $z $ cùng tĩnh chẵn lẻ$\to xy-z\vdots 2;xy+z\vdots 2 $ đặt $xy-z=2k\to xy+z=2k+2z $ từ đó ta có phương trình:$ z^2+kz=x^2+1 $ hê hê rùi giải phương trình này theo kiểu của em Math10T=)) |
Gọi hai bài của anh Nhiên là 2 và 3 nhá:), bây giờ là 1 dạng pt nghiệm nguyên cũng rất quen thuộc: dạng $a^x+b^y=c^z $ (a,b,c là hằng số) Loại này nhiều lắm, đưa vài cái thôi: 4)$19^x+87^y=28^z $ 5)$3^x+3^y=6^z $ 6) $2001^x+1=2002^y $ 7)Cho số nguyên tố p và số tự nhiên m (m>1). Có tồn tại hay không số tự nhiên a để: $a^m+2^p=5^p $ |
cm rằng tồn tại vô số số tự nhiên $n $thỏa mãn$ (n^2+1)|n! $ |
Trích:
$\to 3^y(3^{x-y}+1)=2^z.3^z $ $\to 3^{y-z}(3^{x-y}+1)=2^z $ $\to 3^{y-z}=1\to y=z $ $\to 3^{x-y}+1=2^y $ $\to y\vdots 2\to y=2k $ khi đó ta có:$\to 3^{x-2k}+1=2^{2k} $ $\to 3^{x-2k}=(2^k+1)(2^k-1) $ $\to 3^{x-2k}=[(2^k-1)+2](2^k-1) $ với $x-2k=0\to x=y=z $ dễ dàng tính đc $x=y=z=1 $ với $x-2k\neq 0 $ nếu $(2^k+1)\vdots 3\to (2^k-1)\not \vdots 3\to 2^k-1=1\to k=1\to y=2 $ từ đó tính đc $x=3;z=2 $ nếu $2^k-1\vdots 3\to 2^k+1\not \vdots 3\to 2^k+1=1\to 2^k=-2 $(vô lý) vậy $(x;y;z)=(1;1;1)(2;3;2);(3;2;2) $ |
Trích:
đặt $x=2n+1 $ ta có:$2001^{2n+1}+1=2002^y $ với $y=2k $ta có: $2001^{2n+1}=(2002^k+1)(2002^k-1) $ $\to \{2002^k+1=2001^{2n+1}\\2002^k-1=1 $ $\to \{2002^k+1=2001^{2n+1}\\2002^k-1=1 $ thì $x,y $ko có giá trị Với $y=2k+1 $ ta có: $2001^{2n+1}+1=2002^{2k+1} $ $\to 2001^{2n+1}=2001.2002^{2k}+2002^{2k}-1 $ $\to 2001.(2001^{2n}-2002^{2k})=(2002^k-1)(2002^k+1) $ $\to 2001.(2001^{2n}-2002^{2k})=(2002^k-1)(2002^k+1) $ nếu $k>0 $ thì $2001^{2n}-2002^{2k}<0\to VT<0;VP>0 $ Nếu $k=0\to y=1\to x=1 $ Vậy $(x,y)=(1,1) $ |
Trích:
Spam tí nhỉ. Phương trình Pell $x^2-5y^2=-1 $ có vô số nghiệm. Khi đó ta có $x^2+1|5.y.2yA $ nên $x^2+1|x! $ và có điều phải cm. |
Một bài nữa:) Bài toán: GPT nghiệm nguyên không âm: $(x+1)^2 +(x+2)^2 =(y+3)^2 $ |
khai triển ra biến đổi 1 tí ta đưa về giải phương trình ' $2x^2+6x+5=k^2 $ $<->(x-2)(x+5)=(k-5)(k+5) $ nếu $x=2->k=5->y=2 $ do ước chung ko âm của $x-2 $ và $x+5 $ là 1,7 mà ước chung ko âm của $k-5 $ và $k+5 $ là 1,2,5 nên ước cung lớn nhất của 4 số đó là 1 ->$x-2=k-5 $ $x+5=k+5 $->$x=-\frac{5}{6} $ loại:hornytoro: |
Trích:
Mà anh không hiểu đoạn:"ước chung ko âm của $x-2 $ và $x+5 $ là 1,7" .....:dumb: |
gọi ước chung của x-2 và x+5 là d nên x+5-(x-2) chia hết cho d hay 7 chia hết cho d nên d=1 hoặc 7 anh Khánh bị stress rồi |
Múi giờ GMT. Hiện tại là 01:03 AM. |
Powered by: vBulletin Copyright ©2000-2024, Jelsoft Enterprises Ltd.