Cần thẩm định tính đúng sai của bài bất đẳng thức $x^{2}+y^{2}+z^{2}...$ Em xin trình bài cách giải bài bất đẳng thức Moskva-2000 mong anh chị giúp em thẩm định các giải em thấy cứ sao đâu đó có gì đó vướn thì phải nhưng em không nhận ra. Đề : Cho $x,y,z$ là ba số thực dương thỏa $xyz=1$. Chứng minh rằng: $x^{2}+y^{2}+z^{2}+x+y+z\geq 2(xy+yz+xz)$ Lời giải: Không mất tính tổng quát ta giả sử $x=min(x,y,z)$ vì vậy $x\in (0;1]$. Xét hàm số $f(x)=x^2-(2y+2z-1)x+y+z+y^2+z^2$ Ta thấy rằng: $f'(x)=2x-2y-2z+1\leq 0$ (do $y,z\geq 1$) Vì vậy $f(x)\geq f(1)$ mà $f(1)=0$ (vì khi $x=1$ do $x$ là nhỏ nhất và $xyz=1$ nên $y=z=1$ khi đó $f(1)=0$) Vậy $f(x)\geq 0 \Leftrightarrow x^{2}+y^{2}+z^{2}+x+y+z\geq 2(xy+yz+xz)$ Thật sự nhìn vào em không nhận ra lỗi nhưng đoạn đánh giá $f(1)$ của em, em có thể vận dụng giả thiết nữa hay không dạ?:! |
Cách này của bác mình thấy cũng không ổn. Bác thử áp dụng cho những bài bất đẳng thức sai như $a^2+b^2+c^2+3abc \ge 6$ với $a+b+c=3$ thử coi sao thì biết. :-< |
Trích:
|
Trích:
phương pháp vẫn áp dụng được vì hàm $f=a^2+b^2+c^2+3abc-6$ là hàm tăng (em thêm vào giả thiết $a,b,c$ không âm đó ạ!)nhưng $f(0)<0$ mà nên đâu kết luận gì được đâu. em làm giống cách anh cẩn làm trong toán tuổi trẻ tháng 6 nhưng không biết sao cứ thấy lạ làm sao đó!! ------------------------------ Trích:
|
Bài này mình nghĩ nên sử dụng bất đẳng Schur để giải tốt hơn là dùng phương pháp đạo hàm đó bạn. ------------------------------ Xin lỗi bạn, sáng này mình không để ý. Bạn thử dùng phương pháp của bạn kiểm tra lại bất đẳng thức sau thử xem sao: Với $a, b, c$ dương mà $abc=1$. Chứng minh $a^2+b^2+c^2+9 \ge 4(ab+bc+ca)$. Bất đẳng thức này sai nhé bạn. |
Bạn sử dụng bất đẳng thức sau đây $ x^2 + y^ + z^2+ 2xyx>= 2(xy+yz+zx)$ |
Bất đẳng thức này mới đúng bạn ơi $x^2+y^2+z^2+2xyz+1 \ge 2(xy+yz+zx)$ :! |
Trích:
|
Múi giờ GMT. Hiện tại là 09:33 AM. |
Powered by: vBulletin Copyright ©2000-2024, Jelsoft Enterprises Ltd.