|
|
|
Ngoài một số quy định đã được nêu trong phần Quy định của Ghi Danh , mọi người tranh thủ bỏ ra 5 phút để đọc thêm một số Quy định sau để khỏi bị treo nick ở MathScope nhé ! * Quy định về việc viết bài trong diễn đàn MathScope * Nếu bạn muốn gia nhập đội ngũ BQT thì vui lòng tham gia tại đây |
| Ðiều Chỉnh | Xếp Bài |
11-09-2011, 11:20 AM | #1 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Sep 2011 Bài gởi: 19 Thanks: 2 Thanked 1 Time in 1 Post | Bất Đẳng Thức AM - GM 1) Cho a,b,c > 0 thỏa a + b + c = $\frac{3}{4} $. CMR: $\sqrt[3]{a + 3b} $ + $\sqrt[3]{b + 3c} $ + $\sqrt[3]{c + 3a} $ $\leq 3 $ 2) Cho x,y,z là ba số thực thỏa mãn x + y + z = 0. CMR $\sqrt{3 + 4^{x}} + \sqrt{3 + 4^{y}} + \sqrt{3 + 4^{z}} \geq 6 $ |
11-09-2011, 11:37 AM | #2 | ||
+Thành Viên+ | Trích:
$\left (b+3c \right )+1+1\geq 3\sqrt[3]{b+3c} $ $\left (c+3a \right )+1+1\geq 3\sqrt[3]{c+3a} $ Cộng vế theo vế ta có dpcm ------------------------------ Trích:
Tương tự $\sqrt{3 + 4^{y}}\geq 2\sqrt{2^y} $ $\sqrt{3 + 4^{z}}\geq 2\sqrt{2^z} $ Cộng vế theo vế ta có: $VT\geq 2\left ( \sqrt[4]{2^x}+\sqrt[4]{2^y}+\sqrt[4]{2^z} \right )\geq 6\sqrt[12]{2^{x+y+z}}=6 $ __________________ YOU'LL NEVER WALK ALONE thay đổi nội dung bởi: soros_fighter, 11-09-2011 lúc 11:43 AM Lý do: Tự động gộp bài | ||
11-09-2011, 04:49 PM | #3 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Sep 2011 Bài gởi: 19 Thanks: 2 Thanked 1 Time in 1 Post | 1) Cho $x,y,z > 0 $ thỏa $xy + yz + xz = 1 . CMR $ $\frac{x}{\sqrt{x^{2} + 1}} + \frac{y}{\sqrt{y^{2} + 1}} + \frac{z}{\sqrt{z^{2} + 1}} \leq \frac{3}{2} $ 2) Cho $x,y,z > 0 $ CMR $(1 + \frac{x}{y})(1 + \frac{y}{z})(1 + \frac{z}{x}) \geq 2 + \frac{2(x + y + z)}{\sqrt[3]{xyz}} $ |
11-09-2011, 09:45 PM | #4 | ||
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Jun 2011 Bài gởi: 94 Thanks: 65 Thanked 2 Times in 2 Posts | Trích:
Ta có $x^2 +1 = x^2 +xy+yz+xz = (x+y)(y+z) $ $\Rightarrow \frac{x}{\sqrt{x^2+1}} \le \frac{x}{2} ( \frac{1}{x+y} +\frac{1}{x+z}) $ Tương tự ta có $\frac{y}{\sqrt{y^2+1}} \le \frac{y}{2} ( \frac{1}{x+y} +\frac{1}{y+z}) $ và $\frac{z}{\sqrt{z^2+1}} \le \frac{z}{2} ( \frac{1}{z+y} +\frac{1}{x+z}) $ Cộng 3 bất đẳng thức trên theo vế ta được điều phải chứng minh Trích:
Nhân bung vế trái ra và quy đồng ta có ĐPCM $\Leftrightarrow xy(x+y) +yz(y+z) + zx(z+x) \ge 2 (x+y+z)\sqrt[3]{x^2y^2z^2} $ Ta có $VT = (x+y+z)(xy+yz+zx)- 3xyz \ge 3(x+y+z)\sqrt[3]{x^2y^2z^2} -3xyz =2 (x+y+z)\sqrt[3]{x^2y^2z^2} + (x+y+z)\sqrt[3]{x^2y^2z^2}-3xyz \ge VP $ Vậy đpcm đúng | ||
11-09-2011, 10:50 PM | #5 | |
+Thành Viên+ | Trích:
$(1)\Leftrightarrow \frac{x}{y} + \frac{y}{z} + \frac{z}{x} + \frac{x}{z} + \frac{z}{y} + \frac{y}{x} \geq \frac{2(x+y+z)}{\sqrt[3]{xyz}} $ Áp dụng BĐT AM-GM cho 3 số: $\frac{x}{x}+\frac{x}{y}+\frac{x}{z}\geq \frac{3x}{\sqrt[3]{xyz}} $ $\frac{y}{y}+\frac{y}{z}+\frac{y}{x}\geq \frac{3y}{\sqrt[3]{xyz}} $ $\frac{z}{z}+\frac{z}{y}+\frac{z}{x}\geq \frac{3z}{\sqrt[3]{xyz}} $ Cộng vế theo vế ta có: $VT+3\geq VP+\frac{x+y+z}{\sqrt[3]{xyz}}\geq VP+3\Rightarrow VT\geq VP $ __________________ YOU'LL NEVER WALK ALONE thay đổi nội dung bởi: soros_fighter, 11-09-2011 lúc 10:55 PM | |
Bookmarks |
|
|