|
|
|
Ngoài một số quy định đã được nêu trong phần Quy định của Ghi Danh , mọi người tranh thủ bỏ ra 5 phút để đọc thêm một số Quy định sau để khỏi bị treo nick ở MathScope nhé ! * Quy định về việc viết bài trong diễn đàn MathScope * Nếu bạn muốn gia nhập đội ngũ BQT thì vui lòng tham gia tại đây |
| Ðiều Chỉnh | Xếp Bài |
15-11-2010, 06:24 PM | #1 |
+Thành Viên Danh Dự+ Tham gia ngày: Mar 2010 Đến từ: Thái Bình Bài gởi: 564 Thanks: 289 Thanked 326 Times in 182 Posts | Bài bất đẳng thức bên Mathlinks! Cho $a,b,c >0 $.cmr: $a^{3}c(a^{2}+b^{2}+c^{2}-3ab)+b^{3}a(a^{2}+b^{2}+c^{2}-3bc)+c^{3}b(a^{2}+b^{2}+c^{2}-3ac) \geq 0 $ ------------------------------ BĐT này khi chia cho $abc $ sẽ đẹp hơn: $(a^2+b^2+c^2)(\frac{a^2}{b}+\frac{b^2}{c}+\frac{c^ 2}{a})\ge 3(a^3+b^3+c^3) $ thay đổi nội dung bởi: Lan Phuog, 15-11-2010 lúc 07:11 PM Lý do: Tự động gộp bài |
The Following User Says Thank You to Lan Phuog For This Useful Post: | magic. (15-11-2010) |
15-11-2010, 08:10 PM | #2 | |
+Thành Viên+ | Trích:
__________________ Хоанг thay đổi nội dung bởi: _minhhoang_, 15-11-2010 lúc 08:17 PM | |
16-11-2010, 01:52 PM | #3 |
+Thành Viên Danh Dự+ Tham gia ngày: Mar 2010 Đến từ: Thái Bình Bài gởi: 564 Thanks: 289 Thanked 326 Times in 182 Posts | Bạn viết ra xem nào! còn đây là lời giải của mình: Giả sử $a $ là số lớn nhất trong 3 số. Có 2 trường hợp cần xét TH1: $a\ge c\ge b $ Khi đó dễ dàng cm được $\sum \frac{a^2}{b} \ge \sum \frac{a^2}{c} $ Do đó $2VT\ge (a^2+b^2+c^2)\sum( \frac{a^2}{b}+\frac{b^2}{a})\ge 2VP $ Bđt tương đương với: $\sum S_c(a-b)^2\ge 0 $, trong đó $S_c=\frac{(a^2+b^2+c^2)(a+b)}{ab}-2(a+b)\ge 0 $ (hiển nhiên). TH2: $a\ge b\ge c $. Bđt trở thành: $S_a(b-c)^2+S_b(c-a)^2+S_c(a-b)^2 $ trong đó $S_a=\frac{a^2+b^2-bc}{c},S_b=\frac{b^2+c^2-ca}{a},S_c=\frac{c^2+a^2-ab}{b} $ Thấy ngay $S_a,S_c>0 $ vì vậy: 1/ $S_b\ge 0 $ có đpcm 2/ $S_b<0\Leftrightarrow ac\geq b^2+c^2\geq 2c^2\Rightarrow a\geq 2c $ Nhận xét: i, $S_a+2S_b=\frac{f(a)}{ac} $ với $f(a)=a^3+(b^2-bc-2c^2)a+2b^2c+2c^3 $ là hàm đồng biến với mọi $a\ge b,a\ge 2c $ do đó $f(a)\ge 0 $ Suy ra $S-a+2S_b\ge 0 $ (1) ii, $S_c+2S_b=\frac{g(a)}{ab} $ với $g(a)=a^3-ba^2+(c^2-2bc)a+b^3+bc^2 $ là hàm đồng biến với $a\ge b, a\ge 2c $ Từ đây cũng có $S_c+2S_b\ge 0 $ (2) Từ (1) và (2) suy ra đpcm thay đổi nội dung bởi: Lan Phuog, 16-11-2010 lúc 01:54 PM |
The Following User Says Thank You to Lan Phuog For This Useful Post: | huynhcongbang (19-11-2010) |
19-11-2010, 04:35 PM | #4 |
+Thành Viên+ | Có nhầm lẫn chút trong tính toán. BDT ấy không đủ chặt để làm bài toán này. Mình xin lỗi Đền lại = lời giải khác sử dụng BDT Cauchy-Schwarz: __________________ Хоанг |
Bookmarks |
|
|