|
|
|
Ngoài một số quy định đã được nêu trong phần Quy định của Ghi Danh , mọi người tranh thủ bỏ ra 5 phút để đọc thêm một số Quy định sau để khỏi bị treo nick ở MathScope nhé ! * Quy định về việc viết bài trong diễn đàn MathScope * Nếu bạn muốn gia nhập đội ngũ BQT thì vui lòng tham gia tại đây |
| Ðiều Chỉnh | Xếp Bài |
10-12-2007, 11:55 PM | #1 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Nov 2007 Bài gởi: 1,250 Thanks: 119 Thanked 616 Times in 249 Posts | 3 cạnh tam giác và 3 số thực có tổng bằng 0 Cho a,b,c là các cạnh của tam giác và x,y,z là các số thực có tổng bằng 0. Chứng minh rằng $xya^2+yzb^2+zxc^2\leq 0 $. __________________ T. |
11-12-2007, 12:26 AM | #2 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Nov 2007 Bài gởi: 2,995 Thanks: 537 Thanked 2,429 Times in 1,376 Posts | Đang đợt thi, phải ngồi làm ít bài sơ cấp, tiện thể giải bài này cho vui vậy . Tam giác đã cho là ABC. Viết lại bất đẳng thức thành $\sum xysin^2C\leq 0 $ (khác với đề bài ban đầu) Tương đương với $\sum xy(1-cos2C)\leq 0 $ (1) Lấy các vector $\vec{x} $,$\vec{y} $,$\vec{z} $ có module bằng module của $x,y,z $ góc như sau $(\vec{x},\vec{y}) = 2C $ (hướng thuận) Bất đắng thức (1) tương đương với $ \sum xy \leq \sum \vec{x}.\vec{y} $ Tương đương với $(x+y+z)^2 \leq ( \vec{x}+ \vec{y}+\vec{z})^2 $ |
11-12-2007, 12:30 AM | #3 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Nov 2007 Bài gởi: 1,250 Thanks: 119 Thanked 616 Times in 249 Posts | Đoạn này bị nhầm hay sao ấy nhẩy? __________________ T. |
11-12-2007, 12:49 AM | #4 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Nov 2007 Bài gởi: 2,995 Thanks: 537 Thanked 2,429 Times in 1,376 Posts | Đúng thật. Thế này phải xét trường hợp rồi @@. Thôi, đợi lời giải gọn vậy |
11-12-2007, 08:09 AM | #5 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Nov 2007 Bài gởi: 150 Thanks: 11 Thanked 52 Times in 33 Posts | Để em thử quả Do $x+y+z=0 $ đặt $x=y'-z',y=z'-x',z=x'-y' $ tóm lại ta phải cm $\sum (x-y)(x-z)a^2 $ với a,b,c là 3 cạnh tam giac $x,y,z\in R $ nó tương đương $\sum yz\cos A\le\frac{x^2+y^2+z^2}{2} $ bdt cơ bản :nemoflow: |
11-12-2007, 09:00 AM | #6 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Nov 2007 Bài gởi: 1,250 Thanks: 119 Thanked 616 Times in 249 Posts | Bất đẳng thức tổng quát $(x+y+z)^2R^2\geq xya^2+yzb^2+zxc^2 $, tổng quát hơn nữa $(\sum_{i=1}^na_i)(\sum_{i=1}^ma_iMA_i^2)\geq \sum_{1\leq i<j\leq n}a_ia_jA_iA_j^2. $Chứng minh bằng cách khai triển $(\sum a_i\vec{MA_i})^2\geq 0 $. Bài toán của topic cũng có thể chứng minh bằng tam thức bậc hai. __________________ T. |
Bookmarks |
|
|