|
|
|
Ngoài một số quy định đã được nêu trong phần Quy định của Ghi Danh , mọi người tranh thủ bỏ ra 5 phút để đọc thêm một số Quy định sau để khỏi bị treo nick ở MathScope nhé ! * Quy định về việc viết bài trong diễn đàn MathScope * Nếu bạn muốn gia nhập đội ngũ BQT thì vui lòng tham gia tại đây |
| Ðiều Chỉnh | Xếp Bài |
04-12-2011, 04:02 PM | #1 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Jul 2010 Bài gởi: 49 Thanks: 2 Thanked 12 Times in 12 Posts | Bất đẳng thức với điều kiện lạ Cho $a,b\ge 1\ge c>0 $ thỏa mãn $a+b+c=3 $. Chứng minh rằng: $\frac{1}{2c-c^2}+\frac{2}{a^2+b^2+c^2-1}\ge 2 $ |
04-12-2011, 07:07 PM | #2 | |
+Thành Viên+ | Trích:
$\[\frac{1}{{2c - {c^2}}} + \frac{2}{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - 1}} = \frac{1}{{2c - {c^2}}} + \frac{1}{{\frac{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - 1}}{2}}} \ge \frac{4}{{2c - {c^2} + \frac{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - 1}}{2}}}.\] $ Vậy ta chỉ cần chỉ ra rằng$\[2c - {c^2} + \frac{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - 1}}{2} \le 2.\] $ Thay $c=3-a-b $ vào bất đẳng thức, ta được$\[2(3 - a - b) - {(3 - a - b)^2} + \frac{{{a^2} + {b^2} + {{(3 - a - b)}^2} - 1}}{2} \le 2.\] $ Sau khi khai triển và thu gọn, bất đẳng thức sẽ trở thành$(a-1)(b-1)\ge 0. $ Và đây là một bất đẳng thức đúng. $\blacksquare $ | |
The Following User Says Thank You to leviethai For This Useful Post: | nhox12764 (04-12-2011) |
04-12-2011, 09:49 PM | #3 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Apr 2010 Đến từ: Sài Gòn Bài gởi: 535 Thanks: 287 Thanked 325 Times in 193 Posts | |
04-12-2011, 10:29 PM | #4 | |
+Thành Viên+ | Trích:
Mình làm từng bước nhé $\[2\left( {3 - a - b} \right) - {(3 - a - b)^2} + \frac{{{a^2} + {b^2} + {{(3 - a - b)}^2} - 1}}{2} \le 2.\] $ Nhân 2 mỗi vế, ta được$\[4\left( {3 - a - b} \right) + {a^2} + {b^2} - 1 \le 4 + {(3 - a - b)^2}.\] $ Ta có$\[{(3 - a - b)^2} = {a^2} + {b^2} - 6(a + b) + 2ab + 9.\] $ Như vậy, rõ ràng là$a+b\le 1+ab. $ Hay$(a-1)(b-1)\ge 0. $ Ta có điều phải chứng minh. | |
04-12-2011, 10:39 PM | #5 |
Super Moderator Tham gia ngày: Jul 2010 Đến từ: Hà Nội Bài gởi: 2,895 Thanks: 382 Thanked 2,968 Times in 1,295 Posts | Anh cũng thấy Hải không có nhầm lẫn gì. kết quả trên là đúng rồi. |
04-12-2011, 10:50 PM | #6 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Apr 2010 Đến từ: Sài Gòn Bài gởi: 535 Thanks: 287 Thanked 325 Times in 193 Posts | À à Hải làm đúng rồi. Bước cuối mình mới là người nhầm lẫn . Xin lỗi nhé! |
The Following User Says Thank You to hizact For This Useful Post: | lexuanthang (06-12-2011) |
04-12-2011, 11:14 PM | #7 | |
+Thành Viên+ | Trích:
$(a-1)(b-1)\geq 0\Leftrightarrow a+b\leq ab+1 $ $\Rightarrow 3=a+b+c\leq ab+1+c\Leftrightarrow ab+c\geq 2 $ $\frac{2}{a^2+b^2+c^2-1}=\frac{2}{(3-c)^2-2ab+c^2-1}=\frac{1}{c^2-ab-3c+4} $ Do đó: $VT=\frac{1}{2c-c^2}+\frac{1}{c^2-ab-3c+4}\geq \frac{4}{2c-c^2+c^2-ab-3c+4}=\frac{4}{4-(c+ab)}\geq 2 $ __________________ YOU'LL NEVER WALK ALONE thay đổi nội dung bởi: soros_fighter, 04-12-2011 lúc 11:16 PM | |
05-12-2011, 12:54 PM | #8 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Jul 2010 Bài gởi: 49 Thanks: 2 Thanked 12 Times in 12 Posts | Mọi người thử thêm bài này nhé. Với cùng điều kiện nhưng nó mạnh hơn một tí $\frac{1}{2c-c^2}+\frac{ab+bc+ca}{a^2+b^2+c^2}\ge 2 $ |
05-12-2011, 09:36 PM | #9 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Sep 2011 Đến từ: THPT KrôngNô Bài gởi: 25 Thanks: 15 Thanked 5 Times in 5 Posts | [QUOTE=leviethai;126304]Áp dụng Cauchy Schwarz, ta sẽ có là $\[\frac{1}{{2c - {c^2}}} + \frac{2}{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - 1}} = \frac{1}{{2c - {c^2}}} + \frac{1}{{\frac{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - 1}}{2}}} \ge \frac{4}{{2c - {c^2} + \frac{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - 1}}{2}}}.\] $ xin lỗi anh hải giúp em rõ tí được không. chỗ này áp dụng cauchy-schwarz ở đâu vậy anh |
05-12-2011, 10:57 PM | #10 | |
+Thành Viên+ | [QUOTE=tungminh159;126472] Trích:
$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}\ge \frac{4}{x+y}. $ | |
The Following User Says Thank You to leviethai For This Useful Post: | tungminh159 (06-12-2011) |
06-12-2011, 09:48 PM | #11 | |
+Thành Viên+ | Trích:
$\[\frac{{{{(c - 1)}^2}}}{{2c - {c^2}}} \ge \frac{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - ab - bc - ca}}{{{a^2} + {b^2} + {c^2}}}.\] $ Ta dễ dàng có$a^2+b^2+c^2\ge 3 \ge 3(2c-c^2)>0. $ Như vậy$\[\frac{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - ab - bc - ca}}{{{a^2} + {b^2} + {c^2}}} \le \frac{{{a^2} + {b^2} + {c^2} - ab - bc - ca}}{{3(2c - {c^2})}}.\] $ Ta chỉ cần chứng minh rằng$\[3{(c - 1)^2} \ge {a^2} + {b^2} + {c^2} - ab - bc - ca.\] $ Thay $c=3-a-b, $ bất đẳng thức trở thành$\[3{(a + b - 2)^2} \ge {a^2} + {b^2} + {(3 - a - b)^2} - ab + (a + b - 3)(a + b).\] $ Sau khi khai triển và rút gọn, bất đẳng thức lại trở thành một bất đẳng thức đúng sau$(a-1)(b-1)\ge 0. $ Ta có điều phải chứng minh. $\blacksquare $ | |
The Following User Says Thank You to leviethai For This Useful Post: | soros_fighter (06-12-2011) |
Bookmarks |
|
|