|
|
|
Ngoài một số quy định đã được nêu trong phần Quy định của Ghi Danh , mọi người tranh thủ bỏ ra 5 phút để đọc thêm một số Quy định sau để khỏi bị treo nick ở MathScope nhé ! * Quy định về việc viết bài trong diễn đàn MathScope * Nếu bạn muốn gia nhập đội ngũ BQT thì vui lòng tham gia tại đây |
| Ðiều Chỉnh | Xếp Bài |
13-07-2011, 12:29 PM | #46 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Feb 2011 Bài gởi: 119 Thanks: 28 Thanked 41 Times in 23 Posts | Cho x,y,z>0 thỏa mãn xyz=1.CMR $\sum \frac{1}{\sqrt{x^2+7x+1}}\geq 1 $ |
13-07-2011, 12:58 PM | #47 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Oct 2010 Bài gởi: 17 Thanks: 11 Thanked 4 Times in 2 Posts | Cho a,b,c >0.CMR: $\frac{a^{4}}{a^{3}+b^{3}}+\frac{b^{4}}{b^{3}+c^{3} }+\frac{c^{4}}{c^{3}+a^{3}}\geq \frac{a+b+c}{2} $ thay đổi nội dung bởi: first_sunshine, 13-07-2011 lúc 05:45 PM |
13-07-2011, 01:10 PM | #48 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Nov 2010 Bài gởi: 126 Thanks: 98 Thanked 31 Times in 22 Posts | |
13-07-2011, 01:23 PM | #49 | |
+Thành Viên+ | Trích:
Ta có ngay: $(x^2+x+1)^2-x^4-7x^2-1=2x(x-1)^2 \ge 0 $ $\Rightarrow \sqrt{x^4+7x^2+1} \le x^2+x+1 $ Khi đó: $\sum{\frac{1}{ \sqrt{x^4+7x^2+1}} \ge \sum \frac{1}{x^2+x+1} \ge 1 $ __________________ | |
13-07-2011, 01:51 PM | #50 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Apr 2010 Bài gởi: 300 Thanks: 35 Thanked 307 Times in 151 Posts | Với $a,b,c $ là các số thực dương. Chứng minh $\frac{a}{b}+\frac{b}{c}+\frac{c}{a}+1\ge4\sqrt{ \frac{a^2+b^2+c^2}{ab+bc+ca}} $ __________________ Nguyen Van Huyen Ho Chi Minh City University of Transport |
13-07-2011, 02:34 PM | #51 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Jul 2011 Bài gởi: 13 Thanks: 1 Thanked 2 Times in 2 Posts | Cho a,b,c là các số thực không âm sao cho $ab+bc+ca+abc=4 $ $\sqrt {a + bc} + \sqrt {b + ca} + \sqrt {c + ab} \ge (1 + \sqrt 2 )\sqrt {ab + bc + ca} $ thay đổi nội dung bởi: HBM, 13-07-2011 lúc 02:37 PM Lý do: Latex |
13-07-2011, 05:58 PM | #52 | |
+Thành Viên Danh Dự+ Tham gia ngày: Oct 2009 Đến từ: _chuyenbacninh_ Bài gởi: 614 Thanks: 72 Thanked 539 Times in 208 Posts | Trích:
$\frac{a}{b}+\frac{b}{c}+\frac{c}{a}\ge 3.\sqrt[3]{(\frac{a^2+b^2+c^2}{ab+bc+ca})^2} $ Còn nếu điều kiện $a;b;c $ là độ dài ba cạnh tam giác thì dùng cái này cho dễ chịu: $ \frac{a}{b}+\frac{b}{c}+\frac{c}{a}\ge 1+\frac{2(a^2+b^2+c^2)}{ab+bc+ca} $. __________________ Cuộc sống là không chờ đợi thay đổi nội dung bởi: truongvoki_bn, 13-07-2011 lúc 06:09 PM | |
The Following User Says Thank You to truongvoki_bn For This Useful Post: | nhox12764 (14-11-2011) |
13-07-2011, 06:31 PM | #53 | |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Oct 2010 Đến từ: THPT Chuyên Vĩnh Phúc Bài gởi: 280 Thanks: 29 Thanked 361 Times in 123 Posts | Bất đẳng thức chứa phần nguyên và phần lẻ. Cho $x $ là số thực dương. Chứng minh rằng: $\displaystyle \sqrt{\frac{\{x\}}{x+[x]}}+\sqrt{\frac{[x]}{x+\{x\}}}\ge1 $ Trích:
thay đổi nội dung bởi: Nguyenhuyen_AG, 13-07-2011 lúc 08:26 PM Lý do: Latex | |
13-07-2011, 06:40 PM | #54 | |
+Thành Viên Danh Dự+ Tham gia ngày: Oct 2009 Đến từ: _chuyenbacninh_ Bài gởi: 614 Thanks: 72 Thanked 539 Times in 208 Posts | Trích:
Trường hợp 1: $\{ x \} =0 $ dễ có đpcm. Trường hợp 2: $\{ x \} \ne 0 $ Đặt $\{ x \}=a; [x] =b $ ($a;b>0 $) Đặt $\frac{a}{b}=y> 0 $ Khi đó bất đẳng thức trở thành: $\sqrt{\frac{1}{2y+1}}+\sqrt{\frac{y}{2+y} $ Xét hàm $f(y)=\sqrt{\frac{1}{2y+1}}+\sqrt{\frac{y}{2+y} $ với $y>0 $ Dễ thấy $f(y) $ đồng biến trên khoảng đó $\Rightarrow f(y)>f(0)=1 $ Kết hợp 2 trường hợp ta có đpcm Dấu "=" xảy ra khi $x $ là số nguyên dương __________________ Cuộc sống là không chờ đợi thay đổi nội dung bởi: truongvoki_bn, 13-07-2011 lúc 06:45 PM | |
13-07-2011, 07:28 PM | #55 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Feb 2011 Bài gởi: 358 Thanks: 437 Thanked 186 Times in 128 Posts | Cho các số thực dương $a;b;c $ thỏa mãn $ab+bc+ca=1 $. Chứng minh rằng $\frac{1}{a^2 +bc+1}+\frac{1}{b^2+ca+1} +\frac{1}{c^2+ab+1} \le \frac{9}{5} $ __________________ Giá trị đích thực của sự cho đi không nằm ở món quà lớn hay nhỏ, mà nằm ở tầm lòng của người cho! |
13-07-2011, 07:41 PM | #56 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Jan 2009 Bài gởi: 33 Thanks: 5 Thanked 0 Times in 0 Posts | 4 bài trên VMF 1.Cho a,b,c >0 và abc=1.Tìm MIN $\frac{\sqrt{a}}{b+17}+\frac{\sqrt{b}}{c+17}+\frac{ \sqrt{c}}{a+17} $ 2.Cho a,b,c>0: abc=1. CMR: $\frac{a^3}{(b+c)^2+2}+\frac{b^3}{(c+a)^2+2}+\frac{ c^3}{(a+b)^2+2} \ge \frac{1}{2} $ 3.Cho x,y,z > 0. CMR: $\frac{y^2z^2}{4(zx+y^2)+4(zx+yz)^2+(y+z)^4}+\frac{ z^2x^2}{4(xy+z^2)+4(xy+zx)^2+(z+x)^4}+\frac{x^2y^2 }{4(yz+x^2)+4(yz+xy)^2+(x+y)^4} \le \frac{1}{16} $ 4.:Cho x,y,z > 0 thỏa x+y+z=1. CMR: $\frac{x^3+3x^2y+5xy^2+7y^3}{x^2+3xy+5y^2}+\frac{y^ 3+3y^2z+5yz^2+7z^3}{y^2+3yz+5z^2}+\frac{z^3+3z^2x+ 5zx^2+7x^3}{z^2+3zx+5x^2} \ge \frac{144}{81} $ |
13-07-2011, 08:37 PM | #57 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Oct 2010 Đến từ: THPT Chuyên Vĩnh Phúc Bài gởi: 280 Thanks: 29 Thanked 361 Times in 123 Posts | Cho $a,b,c $ dương. Chứng minh rằng: $\dfrac{1}{{a + b}} + \dfrac{1}{{b + c}} + \dfrac{1}{{a + c}} + \dfrac{{3abc}}{{2(ab + bc + ca)^2 }} \ge \dfrac{5}{{a + b + c}} $ |
13-07-2011, 08:47 PM | #58 | ||
+Thành Viên+ | Trích:
Do vậy ta chỉ cần cm bdt sau: Trích:
Do đó ta sẽ phải cm:$\frac{a^3+b^3+c^3}{abc}+1 \ge 4(\frac{a^2+b^2+c^2}{ab+bc+ca})^2 $ $\Leftrightarrow \frac{a^3+b^3+c^3}{abc}-3 \ge 4(\frac{a^2+b^2+c^2}{ab+bc+ca})^2-4 $ $\Leftrightarrow (a^2+b^2+c^2-ab-bc-ca)\left(\frac{a+b+c}{abc}- \frac{4(a^2+b^2+c^2+ab+bc+ca)}{(ab+bc+ca)^2}\right ) \ge 0 $ Giả sử c min thì : $\frac{a+b+c}{abc}- \frac{4(a^2+b^2+c^2+ab+bc+ca)}{(ab+bc+ca)^2} \ge \frac{a+b+c}{abc}- \frac{4(a^2+b^2+c^2+ab+bc+ca)}{4ab(ca+cb)} =\frac{ab-c^2}{abc(a+b)} \ge0 $ Suy ra đpcm. __________________ | ||
13-07-2011, 09:21 PM | #59 | |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Feb 2010 Đến từ: huyện lặng gió, tỉnh quan họ Bài gởi: 170 Thanks: 156 Thanked 87 Times in 50 Posts | Trích:
2/ Theo C-S ta có: $\frac{a^3}{(b+c)^2+2}+\frac{b^3}{(c+a)^2+2}+\frac{ c^3}{(a+b)^2+2} \ge \frac{(a^2+b^2+c^2)^2}{\sum{a(b+c)^2+2a}}. $ Do đó ta cần cm: $2(a^2+b^2+c^2)^2 \geq \sum{a(b+c)^2+2a} $ tương đương với: $2(a^4+b^4+c^4)+4(a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2) \geq \sum{a(b^2+c^2)}+2(a+b+c)+6 $ Bất đẳng thức này hiển nhiên đúng do các bất đẳng thức sau: $+) 2(a^4+b^4+c^4) \geq 2(a^3+b^3+c^3) \geq \sum{a(b^2+c^2)} $ $+) a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2 \geq abc(a+b+c)=a+b+c $ $+)a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2 \geq 3 $ | |
13-07-2011, 09:27 PM | #60 | ||
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Jan 2010 Đến từ: Đà Nẵng Bài gởi: 155 Thanks: 23 Thanked 128 Times in 68 Posts | Trích:
$\sum a^4+\sum \frac{c^3a^4}{a^3+b^3}\geq \frac{\sum a.\sum a^3}{2} $ Sử dụng bất đẳng thức Cauchy Schwarz và AM-GM: $\sum \frac{c^3a^4}{a^3+b^3}\geq\frac{(\sum c^2a^2)^2}{\sum c(a^3+b^3)}\geq \sum c^2a^2-\frac{1}{4}\sum c(a^3+b^3) $ Vậy ta chỉ cần cm được: $\sum a^4+\sum a^2b^2-\frac{\sum a(b^3+c^3)}{4}\geq \frac{\sum a.\sum a^3}{2} $ Điều này tương đương với $2(a^4+b^4+c^4)+4(a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2)\geq 3ab(a^2+b^2)+3bc(b^2+c^2)+3ca(c^2+a^2) \Leftrightarrow \sum (a^2-ab+b^2)(a-b)^2\geq 0 $ (Đúng) Đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi $a=b=c $ ------------------------------ Trích:
$\sum \frac{a}{b+c}+\frac{3abc(a+b+c)}{2(ab+bc+ca)^2}\ge q 2 $ Theo AM-GM và bổ đề $9(a+b)(b+c)(c+a)\geq 8(a+b+c)(ab+bc+ca) $ Ta có ngay $\frac{3abc(a+b+c)}{2(ab+bc+ca)^2}\geq \frac{4abc}{(a+b)(b+c)(c+a)} $ Vậy ta chỉ cần chứng minh $\sum \frac{a}{b+c}+\frac{4abc}{(a+b)(b+c)(c+a)}\geq 2 $ (Đúng theo Schur dạng phân thức ) Vậy bài toán được cm.Đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi $a=b=c $ thay đổi nội dung bởi: khtoan, 13-07-2011 lúc 10:19 PM Lý do: Tự động gộp bài | ||
The Following 2 Users Say Thank You to khtoan For This Useful Post: | first_sunshine (17-07-2011), nhox12764 (14-11-2011) |
Bookmarks |
|
|